高三理科數學上學期期末試卷題
新知識的接受，數學能力的培養(yǎng)主要在課堂上進行，所以要特點重視課內的學習效率，尋求正確的學習方法，今天小編就給大家分享一下高三數學，歡迎大家看看哦
高三數學上學期期末模試題
一、單選題
1.集合 ，則實數 的范圍
A. B. C. D.
2.設命題 函數 在 上遞增，命題 中，則 ，下列命題為真命題的是
A. B. C. D.
3.函數 的值域為 ，則實數 的范圍
A. B. C. D.
4.設 是非零向量，則 是 成立的
A.充要條件B.充分不必要條件
C.必要不充分條件 D.既不充分又不必要條件
5.設函數 在 時取得最大值，則函數 的圖象
A.關于點 對稱B.關于點 對稱
C.關于直線 對稱 D.關于直線 對稱
6.向量 ,若 ，則
A. B. C. D.
7.函數 在點 處的切線方程為
A. B. C. D.
8. 中，角 的對邊分別為 ，若 ，則角
A. B. C. D.
9.將函數 的圖象上每一個點向左平移 個單位，得到函數 的圖象，則函數 的單調遞增區(qū)間為
A. B.
C. D.
10.函數 是 上的偶函數，且 ，若 在 上單調遞減，則函數 在 上是
A.增函數 B.減函數 C.先增后減的函數 D.先減后增的函數
11.設 為正數，且 ，則下列關系式能成立的是
A. B. C. D.
12.已知 是函數 的導函數， ，則不等式 的解集為
A. B. C. D.
二、填空題
13.單位向量 的夾角為 ，則 ____________.
14. 中，角 的對邊分別為 ， ，則 的面積等于____________ .
15.已知 ,則 ___________ .
16.已知函數 ，其中是自然對數的底數, ，則實數 的取值范圍是_________.
17.若函數 在 單調遞增，則 的取值范圍是__________.
三、解答題
18.已知函數 ，其圖象兩相鄰對稱軸間的距離為 .
(1)求 的值;
(2)在銳角 中，角 的對邊分別為 ，若 ， ，面積 ，求 .
19.若對于函數 圖像上的點 ，在函數 的圖象上存在點 ，使得 與 關于坐標原點對稱，求實數 的取范圍.
20. .
(1)討論函數 在 上的單調性;
(2)求函數 在 上的最大值.
21.設函數 .
(1)當 時，研究函數 的單調性;
(2)若對于任意的實數 ，求 的范圍.
22.設函數 .
(1)討論函數 極值點的個數;
(2)若函數有兩個極值點 ，求證： .
2019屆山東省師大附中高三上學期
第二次模擬考試數學(理)試題
數學答案
參考答案
1.B
【解析】
【分析】
解出集合M， ，即可轉化為 在 很成立，分離參數法即可求得a.
【詳解】
已知 ，則
因為
所以當 恒成立
即 恒成立
即
故選B
【點睛】
本題以集合為背景，綜合考察了函數函數的性質及參數范圍的求解，綜合性較強，解決該題的關鍵是由 出發(fā)，得到 在 恒成立，再利用分離參數的方法求解a的范圍，其主要應用的數學思想是轉化的思想.
2.C
【解析】
【分析】
分析命題p 和命題q的真假，再由復合命題的真假判斷.
【詳解】
是復合函數，在R上不是單調函數，命題p是假命題，在 中，則 成立，命題 q是真命題
所以 為真
故選C
【點睛】
本題考查了復合函數單調性判斷、三角形中三角函數關系、簡易邏輯判定方法，綜合性較強，意在考查學生的推理，計算能力,要求學生要熟練掌握所考察知識內容.
3.C
【解析】
【分析】
分段函數的值域為R，則函數y=f(x)在R上連續(xù)且單調遞增，列出關于a的不等式組即可求解a的值.
【詳解】
因為函數 的值域為
所以
解得：
故選C
【點睛】
本題考查了分段函數的單調性，其題干描述較為隱蔽，需要通過分析其值域為R得到該函數在R上是增函數，然后根據分段函數的單調性條件求解出a的范圍.
4.B
【解析】
【分析】
是非零向量， ，則 方向相同，將 單位化既有 ，反之則不成立.
【詳解】
由 可知： 方向相同， 表示 方向上的單位向量
所以 成立;反之不成立.
故選B
【點睛】
本題考查了相量相等、向量的單位化以及充分必要條件;判斷p是q的什么條件，需要從兩方面分析：一是由條件p能否推得條件q;二是由條件q能否推得條件p.對于帶有否定性的命題或比較難判斷的命題，除借助集合思想求解外，還可利用原命題和逆否命題、逆命題和否命題的等價性，轉化為判斷它的等價命題來解決.
5.A
【解析】
【分析】
函數 在 ，可以求出 ，再由余弦函數的性質可得.
【詳解】
因為 時， 取得最大值，
所以 即
對稱中心：( ，0)對稱軸：
故選A
【點睛】
本題考查三角函數解析式和三角函數性質，在確定三角函數解析式時需要根據三角函數性質列出方程組，解析式確定后，再利用解析式去研究三角函數性質，題目意在考查學生對三角函數基礎知識的掌握程度.
6.B
【解析】
【分析】
根據向量平行的條件列出關于x的方程即可求解.
【詳解】
已知 可得 =(12，14)
因為
所以14x+24=0
解得：x=
故選B
【點睛】
本題考查向量的坐標運算及向量平行的應用，題目思維難度不大，但運算是其難點，在代入數值時容易出錯.
7.C
【解析】
【分析】
點 在曲線上，先求出點的縱坐標，再根據導數幾何意義先求出切線的斜率，有直線的點斜式方程即可寫出切線方程.
【詳解】
，
又
切線方程是：
故選C
【點睛】
本題考查導數的應用，近幾年高考對導數的考查幾乎年年都有，利用導數的幾何意義，求曲線的切線方程是導數的重要應用之一，曲線 在點 的導數 就是曲線在該點的切線的斜率，我們通常用導數的這個幾何意義來研究一些與曲線的切線有關的問題，用導數求切線方程的關鍵在于求切點坐標和斜率，分清是求在曲線某點處的切線方程，還是求過某點處的曲線切線方程.
8.B
【解析】
【分析】
利用正弦定理將角轉化為邊，化解后利用余弦定理求角A即可.
【詳解】
已知
由正弦定理得：
A=
故選B
【點睛】
解三角形問題多為邊角互化，主要用到的知識點是正、余弦定理以及三角形面積公式，在化解過程中要根據已知條件的提示進行合理轉化，從而達到解決問題的目的.
9.D
【解析】
【分析】
首先確定平移后的函數解析式，在求函數的遞增區(qū)間.
【詳解】
由題意可知平移后的解析式：
函數 的單調遞增區(qū)間：
解得：
【點睛】
本題考查了三角函數平移變換及三角函數性質，意在考查學生的變換能力、用算能力，三角函數平移變換前一定要分清變換前的函數和變換后的函數.
10.D
【解析】
【分析】
由 判斷出函數f(x)周期為2，根據函數是偶函數可得函數在一個周期內的單調性即可解得函數在 上的單調性.
【詳解】
已知 ，則函數周期T=2
因為函數 是 上的偶函數，在 上單調遞減，
所以函數 在 上單調遞增
即函數在 先減后增的函數.
故選D
【點睛】
本題綜合考查了函數的奇偶性、單調性、周期性的應用，意在考查學生的的轉化能力和基礎知識的應用能力，解題時需要仔細分析函數的“綜合”性質后再做出判斷.
11.C
【解析】
【分析】
先將 變形為
由對數運算性質可得 ，在結合對數函數圖像即可.
【詳解】
已知 則有
由圖像(如圖)可得
故選C
【點睛】
本題考查了對數的運算性質以及對數函數的圖像性質，解決問題時首先要結合選項的結構特點，聯系對數的運算性質對原式進行變形，也即構造與選項相似的對數函數，然后利用對數函數性質確定真數的大小關系，其中新構造對數函數的圖像是本題的難點.
12.B
【解析】
【分析】
構造函數 由已知條件 可得F(x)是單調遞減的函數，根據函數的單調性即可求得不等式 的解集.
【詳解】
設 ，
因為
所以
即F(x)是單調遞減的函數
又因為
所以
則不等式 的解集是：
故選B
【點睛】
本題考查了導數應用、抽象函數不等式解法、構造法解不等式;在解決此類問題時往往需要根據已知條件構造函數，通過研究新函數的單調性、奇偶性等性質解決方程的根(根的個數)抽象不等式,其中構造函數要聯系函數的和、差、積、商導數公式.
13.
【解析】
【分析】
先將 平方，再利用向量數量積求解.
【詳解】
因為
所以
【點睛】
本題考查向量數量積運算、向量的模的求解，再求解向量的模時，常用到： ，該公式的作用就是將向量和實數聯系起來，便于二者的轉化與計算.
14.
【解析】
【分析】
先由正弦定理得a=b，然后由余弦定理求得a、b，在用面積公式求得 的面積.
【詳解】
化解得：
即：A=B
又
解得：a=b=
【點睛】
本題考查了正、余弦定理、三角形面積公式，解題中主要利用正、余弦定理對邊角進行轉化.
15.
【解析】
【分析】
利用三角函數誘導公式將正弦變?yōu)橛嘞遥诟鶕督枪郊纯汕蠼?
【詳解】
有三角函數誘導公式：
=- +1
=
【點睛】
本題考查三角函數誘導公式的應用，在解決此類問題時，先觀察角，盡量通過變換使角相同或成為倍角，其次變三角函數名稱，變換的方法是聯系三角函數公式的結構特點.
16.
【解析】函數 的導數為 ，可得 在 上遞增，又 ，可得 為奇函數，則 ，即有 ，即有 ，解得 ，故答案為 .
17. .
【解析】 在 上恒成立，
即：
， ，
令
只需 ，則 ，
則a的取值范圍是 .
18.(1)1;(2) .
【解析】
【分析】
(1)先用三角函數二倍角、降冪公式等將函數表達式化解為 的形式，然后求 的值.
(2)由 可得角 ,由面積公式求得ab=2，利用余弦定理即可求得c.
【詳解】
(1) ,
,
∵其圖象兩相鄰對稱軸間的距離為 .
∴最小正周期為T=π，
∴ω=1.
(2) ,
,
,
,
.
【點睛】
本題綜合考查了三角函數的化解、性質以及解三角形問題，綜合性較強，設計的知識點較多;三角函數化解中，常用到二倍角、降冪公式、輔助角公式等，一般要將解析式化為 的形式后再求解最值、周期、對稱軸、單調性等.解三角形主要是應用正、余弦定理對邊角轉化.
19.
【解析】
【分析】
圖像上的任意點P在函數y=g(x)上存在點Q，使得 與 關于坐標原點對稱，等價于函數y=f(x)關于原點對稱的函數圖像與y=g(x)恒有交點,即可以通過參數分離求m的范圍.
【詳解】
先求 關于原點對稱的函數，
問題等價于 ,
與 有交點，即方程 有解,
即 有解,
設
,
，當 時，方程 有解.
解法二：函數 是奇函數，其圖象關于原點對稱,
問題等價于函數 的圖象與函數 的圖象有交點,
即 有解,
設函數 ,
遞增; 遞減，
,
當 時，函數 的圖象與函數 的圖象有交點.
【點睛】
本題考查函數中參數的取值范圍，注意運用參數分離法和轉化的數學思想，解題中將g(x)存在點Q使其與P對稱問題轉化為關于原點對稱的函數與g(x)恒有交點是本題的難點和關鍵突破點.
20.(1) 的單調遞增區(qū)間為 ， 的單調遞減區(qū)間為 ;(2) .
【解析】
【分析】
(1)求函數 的導數，利用導函數判斷原函數 的單調區(qū)間.
(2)結合(1)知函數單調性，即可確定出在區(qū)間 上的最值.
【詳解】
(1) ，
0
+ 0 _ 0 + 0 _
的單調遞增區(qū)間為 ， 的單調遞減區(qū)間為
.
(2)由第一問的單調性可知 .
【點睛】
本題考查了導數的應用，在解題中首先要準確求解導函數，也是關鍵的步驟，其次是列表確定函數的單調性，利用函數單調性確定函數的最值.
21.(1)函數 在 上遞增;(2) .
【解析】
【分析】
(1)利用導函數確定函數單調區(qū)間;
(2) 恒成立，確定a的范圍可以先分離參數，然后求解新構造函數的最大值.
【詳解】
(1) ,
函數 在 上遞增 .
(2)對于任意的實數 ， 所以 ，
下面證明充分性：即當
當 ,
設
且 ,
所以 ,
綜上： .
解法二： ，可化為 ，
設 ,
-1 0 2
+ 0 + 0
極大 極大
，所以 .
解法三當 ，與題設矛盾，
當 ，
設 ,
單調遞減;
單調遞增;
單調遞減，
當 ,
,
,
綜上： .
【點睛】
本題考查導數的應用和求參數范圍;導數應用是每年高考必考題型，在解題中，首先要準確求解導函數，這是解題的關鍵，因此必須熟練掌握基本函數導數公式和和差積商的導數以及復合函數導數，其次參數范圍問題也是高考熱點之一，常用的方法是分離參數法和構造函數法.
22.(1)當 時， 無極值;當 時， 有兩個極值點;當 時， 有一個極值點;(2)證明見解析.
【解析】
【分析】
(1)分類討論判斷導函數對應的方程根的個數來確定極值點個數;
(2)由(1)可知當 時， 有兩個極值點，利用韋達定理可以構造出 關于a的函數，利用導數求最大值.
【詳解】
(1) ,
設 ，
?、偃?即 ，
上單調遞減， 無極值 .
② ， ,
在 上， 單調遞減;
在 上 單調遞增，函數 有兩個極值點.
?、郛?，
在 上， 單調遞增; 上 單調遞減,
函數 有一個極值點，
綜上，當 ，函數 無極值;當 ，函數 有兩個極值點;當 時，函數 有一個極值點 .
(2)由(1)知，當 時，有兩個極值點， 且 ，
，
設 遞增，
,
,
.
【點睛】
本題考查利用導數求解極值點個數、證明不等式;求解極值點個數其方法是利用導函數零點的個數結合原函數的單調性來確定，要注意導函數的零點并不一定是函數的極值點，要成為極值點其左右兩邊的單調性必須相異;不等式的證明其實質還是利用函數的單調性確定最值，當需要構造合理的函數，這是解題的難點和關鍵點.
高三數學上學期期中試卷理科
一、選擇題本大題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.
1.若全集U=R，集合 ，B={ }，則 =( )
A.{ } B.{ 或 }
C.{ } D.{ 或 }
2.若 ，則cos2α=( )
A. B. C. D.
3.若非零向量 ， 滿足 ， ，則 與 的夾角為( )
A.30° B.60° C.120° D.150°
4.已知函數 ，且 ，則 =( )
A. B. C. D.
5.設 是平面α內的兩條不同直線， 是平面 內兩條相交直線，則 的一個充分不必要條件是( )
A. B. C. D.
6.若直線 與圓 有公共點，則( )
A. B. C. D.
7.某幾何體的三視圖如圖所示，則該幾何體的體積為( )
A. B.
C. D.
8.在等比數列{ }中，若 ， ，則 ( )
A.1 B. C. D.
9.已知 滿足約束條件 ，且 的最小值為2，則常數 =( )
A.2 B.﹣2 C.6 D.3
10.《九章算術》中，將四個面都為直角三角形的四面體稱之為鱉臑，如圖，在鱉臑 中， 平面 ，且 ， ，點 在棱 上運行，設 的長度為 ，若 的面積為 ，則 的圖象大致是( )
A. B.
C. D.
11.已知圓 , ，考慮下列命題：①圓C上的點到(4，0)的距離的最小值為 ;②圓C上存在點P到點 的距離與到直線 的距離相等;③已知點 ，在圓C上存在一點 ，使得以 為直徑的圓與直線 相切，其中真命題的個數為( )
A.0 B.1 C.2 D.3
12.定義在[0，+∞)上的函數 滿足： .其中 表示 的導函數，若對任意正數 都有 ，則實數 的取值范圍是( )
A.(0，4] B.[2，4]
C.(﹣∞，0)∪[4，+∞) D.[4，+∞)
二、填空題(本大題共4小題，每小題5分，共20分，把答案填在題中的橫線上).
13.垂直于直線 并且與曲線 相切的直線方程是 。
14.曲線 ， 與直線 有兩個公共點時，則實數 的取值范圍是 。 .
15.已知 為數列{ }的前 項和， 且 .則{ }的通項公式為 。
16.已知菱形ABCD的邊長為 ，∠D=60°，沿對角線BD將菱形ABCD折起，使得二面角A﹣BD﹣C的余弦值為 ，則該四面體ABCD外接球的體積為 。
三.解答題(共6大題，17題10分，其余每題12分，共70分)
17.設 的內角 所對的邊分別為 ，且 .
(1)求 的值;
(2)若 ，求 面積的最大值.
18.數列{ }中， ， ，且滿足 ，
(1)設 ，求 ;
(2)設 ， ， ， ，是否存在最大的正整數 ，
使得對任意 均有 成立?若存在求出 的值;若不存在，請說明理由.
19.如圖，在底面是正三角形的三棱錐P﹣ABC中，PA=AB=2，PB=PC= .
(1)求證：PA⊥平面ABC;
(2)若點D在線段PC上，且直線BD與平面ABC所成角為 ，求二面角D﹣AB﹣C的余弦值.
20.已知圓 與 軸相切于點(0，3)，圓心在經過點(2，1)與點(﹣2，﹣3)的直線 上.
(1)求圓 的方程;
(2)圓 與圓 ： 相交于M、N兩點，求兩圓的公共弦MN的長.
21.如圖，在斜三棱柱 中， ， ， ，側面
與底面 所成的二面角為120°， 分別是棱 、 的中點
(1)求 與底面 所成的角;
( 2 )證明 平面 ;
(3)求經過 四點的球的體積.
22.已知函數 ， ，且曲線 在 處的切線方程為 .
(1)求 的值;
(2)求函數 在[0，1]上的最小值：
(3)證明：當 時， .
數學試卷答案
一、選擇題本大題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.
1--5 B C C A B 6--10 D B C B A 11--12 C C
二、填空題(本大題共4小題，每小題5分，共20分，把答案填在題中的橫線上.
13 . 3x+y+6=0 14. 15. an=n+1 16. 8 π
三.解答題(共6大題，17題10分，其余每題12分，共70分)
17.解：(1)△ABC中，3acosC=3b﹣2c，
由正弦定理得：3sinAcosC=3sinB﹣2sinC，
∴3sinAcosC=3sin(A+C)﹣2sinC，
∴3cosAsinC=2sinC，
∵sinC≠0，
∴ ，
∵A∈(0，π)，
∴ ----------------------5分
(2)由(1)知 ，可得： ，
由余弦定理得： ， ，
∴ ，
∴bc≤9(當且僅當b=c時取“=”號)
可得： ，
即△ABC面積的最大值為 .------------------10分。
18.解：(1)由 知數列{an}為等差數列，
設其公差為d，則 .
故an=a1+(n﹣1)d=10﹣2n.………………………(3分)
由an=10﹣2n≥0，解得n≤5.故
當n≤5時Sn=|a1|+|a2|+…+|an|=9n﹣n2
當n>5時Sn=|a1|+|a2|+…+|an|=
-----6分
-----------10分
從而
故數列Tn是單調遞增數列，又因 是數列中的最小項，
要使 恒成立，故只需 成立即可，
由此解得m<8，由于m∈Z*，
故適合條件的m的最大值為7.-----------12分。
19.證明：(Ⅰ)∵在底面是正三角形的三棱錐P﹣ABC中，PA=AB=2，PB=PC=2 .
∴PA2+AB2=PB2，PA2+AC2=PC2，
∴PA⊥AB，PA⊥AC，
∵AB∩AC=A，∴PA⊥平面ABC.--------------------------------5分
(Ⅱ)以A為原點，AC為y軸，AP為z軸，建立空間直角坐標系，
B( ，1，0)，C(0，2，0)，P(0，0，2)，
設D(0，b，c)， ，0≤λ≤1，則(0，b，c﹣2)=(0，2λ，﹣2λ)，
∴D(0，2λ，2﹣2λ)， =(﹣ ，2λ﹣1，2﹣2λ)，
∵直線BD與平面ABC所成角為 ，平面ABC的法向量 =(0，0，1)，
∴sin = = ，
解得 或λ=2(舍)，
∴D(0，1，1)，---------------------------------------------------8分
=( )， =(0，1，1)，
設平面ABD的法向量 =(x，y，z)，
則 ，取x=1，得 =(1，﹣ ， )，---------------10分
平面ABC的法向量 =(0，0，1)，
設二面角D﹣AB﹣C的平面角為θ，
則cosθ= = = .
∴二面角D﹣AB﹣C的余弦值為 .-------------------------------12分
20.解：(Ⅰ)經過點(2，1)與點(﹣2，﹣3)的直線方程為 ，
即y=x﹣1.
由題意可得，圓心在直線y=3上，
聯立 ，解得圓心坐標為(4，3)，
故圓C1的半徑為4.
則圓C1的方程為(x﹣4)2+(y﹣3)2=16;---------------------6分
(Ⅱ)∵圓C1的方程為(x﹣4)2+(y﹣3)2=16，
即x2+y2﹣8x﹣6y+9=0，
圓C2：x2+y2﹣2x+2y﹣9=0，
兩式作差可得兩圓公共弦所在直線方程為3x+4y﹣9=0.
圓C1的圓心到直線3x+4y﹣9=0的距離d= .
∴兩圓的公共弦MN的長為 .---------------------------12分
21.解：(Ⅰ)過A1作A1H⊥平面ABC，垂足為H.
連接AH，并延長交BC于G，于是∠A1AH為A1A與底面ABC所成的角.
∵∠A1AB=∠A1AC，∴AG為∠BAC的平分線.
又∵AB=AC，∴AG⊥BC，且G為BC的中點.
因此，由三垂線定理A1A⊥BC.
∵A1A∥B1B，且EG∥B1B，∴EG⊥BC.
于是∠AGE為二面角A﹣BC﹣E的平面角，
即∠AGE.
由于四邊形A1AGE為平行四邊形，得∠A1AG=60°.-----------4分
(Ⅱ)證明：設EG與B1C的交點為P，則點P為EG的中點.連接PF.
在平行四邊形AGEA1中，因F為A1A的中點，故A1E∥FP.
而FP⊂平面B1FC，A1E⊄平面B1FC，所以A1E∥平面B1FC.-------- 7分
(Ⅲ)連接A1C.在△A1AC和△A1AB中，由于AC=AB，∠A1AB=∠A1AC，A1A=A1A，
則△A1AC≌△A1AB，故A1C=A1B.由已知得A1A=A1B=A1C=a.
又∵A1H⊥平面ABC，∴H為△ABC的外心.
設所求球的球心為O，則O∈A1H，且球心O與A1A中點的連線OF⊥A1A.
在Rt△A1FO中，A1O= = = .
故所求球的半徑R= a，球的體積V= πR3= πa3.-------------12分
22.解：(1)∵f(x)=ex﹣ax2，
∴f′(x)=ex﹣2ax，
∴f′(1)=e﹣2a=b，f(1)=e﹣a=b+1，
∴a=1，b=e﹣2.
(2)由(1)得：f(x)=ex﹣x2，
∴f′(x)=ex﹣2x，[f′(x)]′=ex﹣2，
∴f′(x)在(0，ln2)上遞減，在(ln2，+∞)上遞增.
∴f′(x)≥f′(ln2)=2﹣2ln2>0，
∴f′(x)在[0，1]上遞增，
∴f(x)max=f(1)=e﹣1，
∴f(x)在[0，1]上的最小值為e﹣1.
(3)證明：∵f(0)=0，由(2)得f(x)過(1，e﹣1)
且y=f(x)在x=1處的切線方程為y=(e﹣2)x+1，
故可猜測x>0，x≠1時，f(x)的圖象恒在切線y=(e﹣2)x+1的上方，
下面證明當x>0時，f(x)>(e﹣2)x+1
設h(x)=f(x)﹣(e﹣2)x﹣1，x>0，
∴h′(x)=ex﹣2x﹣e+2，
[h′(x)]′=ex﹣2，
由(2)知：h′(x)在(0，ln2)上遞減，在(ln2，+∞)上遞增，
∵h′(0)=3﹣>0，h′(1)=0，0
∴h′(ln2)<0，
∴存在x0∈(0，1)，使得h′(x)=0，
∴x∈(0，x0)∪(1，+∞)時，h′(x)>0;
x∈(x0，1)時，h′(x)<0，
故h(x)在(0，x0)上遞增，在(x0，1)上遞減，在(1，+∞)上遞增，
又h(0)=h(1)=0，
∴h(x)≥0當且僅當x=1時等號成立.
故 ，x>0，
令φ(x)=lnx+1﹣x，則φ′(x)= ﹣1，
∴x∈(0，1)時，φ′(x)>0，x∈(1，+∞)時，φ′(x)<0，
∴φ(x)在(0，1)上遞增，在(1，+∞)上遞減，
∴φ(x)≤φ(1)=0，
∴lnx+1﹣x≤0，
即x≥1+lnx.
∴ ≥x≥1+lnx，
∴ex+(2﹣e)x﹣1≥xlnx+x，
即ex+(1﹣e)x﹣xlnx﹣1≥0成立，
∴x>0時，g(x)≤f(x)⇔xlnx﹣x2+(e﹣1)x+1≤ex﹣x2⇔ex+(1﹣e)x﹣xlnx﹣1≥0，
綜上所述，x>0時，g(x)≤f(x).
高三數學理科上學期期中試卷
一.選擇題(本題共12小題，每題5分，共60分.每題只有一個選項是正確的)
1. 已知集合 , ,求 ( )
A. B. C. D.
2. 若 ，則下列不等式成立的是( )
A. B. C. D.
3. 設 為向量，則 是 的( )
A. 充分不必要條件 B. 必要不充分條件
C. 充分必要條件 D. 既不充分也必要條件
4. 點 位于( )
A. 第一象限 B. 第二象限 C. 第三象限 D. 第四象限
5.已知 >0， >0，且 ， 的等比中項是1，若m= ，n= ，則m+n的最小值是 ( )
A. 3 B. 4 C. 5 D. 6
6. 已知數列 的前 項和為 ，且滿足 ， ，則 ( )
A. B. C. D.
7.將函數 的圖象向右平移 個單位后得到函數 ，則 具有性質( )
A. 最大值為1，圖象關于直線 對稱 B. 在 上單調遞增，為奇函數
C. 在 上單調遞增，為偶函數 D. 周期為π，圖象關于點 對稱
8.已知 若 ,則實數 的取值范圍是( )
A. B. C. D.
9.如圖，在棱長為1的正方體中 ，點 在線段 上運動，則下列命題錯誤的是( )
A. 異面直線 和 所成的角為定值 B. 直線 和平面 平行
C. 三棱錐 的體積為定值 D. 直線 和平面 所成的角為定值
10. 若 為鈍角三角形，其中角 為鈍角，若 ，則 的取值范圍是( )A. B. C. D.
11. 已知 ，若 的最大值最小值分別為 ,求 ( )
A. B. C. D.
12. 若方程 有四個不同的實數根 ，且 ，則 的取值范圍是( )
A. B. C. D.
二.填空題(本題共4小題，每小題5分，共20分)
13. 已知函數 ,求曲線 在 處的切線方程___.
14. 向量 與 夾角 ， , 在 方向上的投影為1，求 _______.
15. 已知實數 滿足 ，求 的取值范圍__________
16.已知數列 前 項和 ，且 ，
?、?② ③ ④ ，則上面四個命題中真命題的序號為____.
三、解答題(本大題共6小題，共70分.解答應寫出文字說明，證明過程或驗算步驟.)
17.(本小題滿分12分)
在 中，角 所對的邊分別是 ， 為其面積，若 .
(1)求角 的大小;
(2)設 的平分線 交 于 ， .求 的值
18.(本小題滿分12分)已知數列 的前 項和為 ， .
(1)求數列 的通項公式;
(2)設 ， = ，記數列 的前 項和 .若對 ， 恒成立，求實數 的取值范圍. [來源:學,,網Z,X,
19.(本小題滿分12分)已知 和 是函數 的兩個零點.
(1)求實數 的值;
(2)設函數 ，若不等式 在 上恒成立，求實數 的取值范圍;
(3) ,若 有三個不同的實數解，求實數 的取值范圍.
20.(本小題滿分12分)如圖， 是 的中點，四邊形 是菱形，平面 平面 , , , .
(1)若點 是線段 的中點，證明： 平面 ;
(2)求平面 與平面 所成的銳二面角的余弦值.
21.(本小題滿分12分)
已知函數 .
(Ⅰ)討論函數 零點的個數;
(Ⅱ)對任意的 ， 恒成立，求實數 的取值范圍.
(二)選考題(共10分.請考生在第22、23題中任選一題作答.如果多做，則按所做第一題計分)
22.在平面直角坐標系 中，直線 的參數方程為 ( 為參數)，直線 的參數程為 ( 為參數)，設直線 與 的交點為 ，當 變化時點 的軌跡為曲線 .
(1)求出曲線 的普通方程;
(2)以坐標原點為極點， 軸的正半軸為極軸建立極坐標系，直線 的極坐標方程為 ，點 為曲線 的動點，求點 到直線 的距離的最小值.
23.已知函數 .
(1)當 時，解不等式 ;
(2)設不等式 的解集為 ，若 ，求實數 的取值范圍.
高三 理科數學
一.選擇題(本題共12小題，每題5分，共60分.每題只有一個選項是正確的)
題號 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
答案 C B C C B A B A D B A A
二.填空題(本題共4小題，每小題5分，共20分)
13、 14、2 15、 16、②④
三、解答題(本大題共6小題，共70分.解答應寫出文字說明，證明過程或驗算步驟.)
17. (本小題滿分12分)
解：(1)由 得 ……….2分
得 ………4分
(2)在 中,由正弦定理得
所以 ………7分
…….9分
所以
所以 。……12分
18. (本小題滿分12分)
解： (1)當 時， ，……1分
當 時， ……3分
即： ， 數列 為以2為公比的等比數列 ……5分
(2)由 bn=log2an得bn=log22n=n，則cn= = = - ，……7分
Tn=1- + - +…+ - =1- = .
∵ ≤k(n+4)，∴k≥ = . ……9分
∵n+ +5≥2 +5=9，當且僅當n= ，即n=2時等號成立，
∴ ≤ ，因此k≥ ，故實數k的取值范圍為 ……12分
19. (本小題滿分12分)
解：(1) ，j即 . ……2分
(2)由已知可得 ，
所以 在 上恒成立可化為 ，……4分
化為 ，令 ，則 ，……6分
因 ，故 ，
記 ，因為 ，故 ，
所以 的取值范圍是 . ……8分
(3)原方程可化為 ，
令 則 有兩個不等實根 且 或 ,
記 ，
則 或 ，……10分
兩不等式組解集分別為 與 , 的取值范圍是 . ……12分
20(本小題滿分12分)
21(本小題滿分12分)
(二)選考題(共10分.請考生在第22、23題中任選一題作答.如果多做，則按所做第一題計分)
22.(1)將 ， 的參數方程轉化為普通方程;
，① ，②①×②消 可得： ，……3分
因為 ，所以 ，所以 的普通方程為 .……5分
(2)直線 的直角坐標方程為： .由(1)知曲線 與直線 無公共點，
由于 的參數方程為 ( 為參數， ， )，……7分
所以曲線 上的點 到直線 的距離為：
，……9分
所以當 時， 的最小值為 .……10分
23.解(1)當 時，原不等式可化為 ，
?、佼?時，原不等式可化為 ，解得 ，所以 ;
②當 時，原不等式可化為 ，解得 ，所以 .
③當 時，原不等式可化為 ，解得 ，所以 ，
綜上所述，當 時，不等式的解集為 或 .……5分
(2)不等式 可化為 ，
依題意不等式 在 恒成立，……7分
所以 ，即
即 ，所以 ，
解得 ，故所求實數 的取值范圍是 .……10分
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